永州一中2023届下期高二9月月考物理试题正在持续更新，目前全国100所名校单元测试示范卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、2024年永州市高三一模物理
2、2024年湖南省永州市省重点中学高考物理联考试卷
3、永州市2024年高考第一次模拟考试物理
4、2023-2024永州市高考一模物理试卷
5、永州一中2024年二模成绩
6、2024永州市二模物理
7、2024年永州中考物理试卷及答案
8、2024年永州市物理中考试卷
9、永州2024年高一期末试卷物理
10、永州市第一中学2024高考

例3AD解析由机械能守恒得mgLc=Mg(√32十Lc2一3)，解得sina一一mgh,C项错误：从重物开始升起到最高点，转动手Lc=4m,A项正确；设小环静止于C点，绳中的拉力等于2g,对小环有柄做的功W既用于克服摩擦力做功，也转化为重物上升增加的重力势能T=影=子mg≠2mg,小环不能静止，所以假设不成立，B项错误：由mgh,所以根据动能定理得W十W:一mgh=0,解得W=2mgh,D项正确。机械能守恒可知，小环下落过程中减少的重力势能转化为物块增加的机例21mg如0②L+0一(3)L>计二。30械能和小环增加的动能，C项错误；将小环的速度沿绳和垂直绳方向分解析(1)由题意，小车通过第30个减速带后，每次通过减速带后的速度解，沿绳方向的速度即物块的速度，M=cos60°，山动能表达式Ek=均相同，故损尖的机械能等于从上·个减速带到当前减速带过程中小车2mw2可知，小环与物块的动能之比为2：1，D项正确。减小的重力势能，即△E=ngdsin8。变式3ABD解析由运动的合成与分解可知，当A到达B所在水平(2)小车通过第30个减速带后的动能等于通过第50个减速带后的动能，即面时，有0s45°=，即=受AA项正确；从开始到A到达B所在mg(L+29d)sin 0-30AE2=umgs可得AE2=mgL+29 dsin0-mgs水平面的过程中，A、B两滑块组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律30可得mgLsin30=?m+弓m,解得g=√受，B项正确；滑块B（3△E2>△，由1)2)结论可得L>d+品0变式2AD解析当样品1刚进入MN段时，以四个样品整体为研究对到达最右端时速度为零，此时轻杆与倾斜直杆垂直，由机械能守恒可得象，由牛顿第二定律有4 mngsin0-mgos0=4a,可得a1-3gsin0,A项正mgL(sin30°+sin45)=7mvA2,解得=√(1十√2)gL,C项借误；由确；以样品1为研究对象，根据牛顿第二定律有F十mgsin0一mgcos0=题意可知，当轻杆与水平直杆亚直时B的速度最大，此时A的速度为零，由系统机械能守恒可得mgL(1十sin30)=E,解得Ew=多mgL.D项a1,得-子mgm,B项错误；当四个样品均位于MN段时，摩擦力对样品1做功W1=一mngcos8×3cd=一3 ngdsin8,摩擦力对样品2做功正确。:W2=-ngcos0×2d=一2 ngdsin0,摩擦力对样品3做功W3=例4B解析设链条的质量为2，开始时链条的竖直部分与在斜面上一mgcos0Xd--mngdsin0,此时样品4刚进入MN段，摩擦力对样品4的部分的重心位置均在每段的中，点。以开始时链条的最高点为零势能不做功，则W=W1十W2十W3=一6 ngdsin0,C项错误；整个过程中中动面，则链条的总机械能卫=一mgX十sim9-mg×冬：链条全部滑出后，能定理得4 mgsin9X6d+W:-之X4n2,得u=3√gdsin,D项正确。动能E-2×2m2,重力势能E,--2mg之，由机械能守恒可得E=例3(1)1ms(2)8.0×10-3J(3)E,=2X103(10h+3)J(0.05mh0.2m)》瓦十.代入数据解得。一/s,B项正确解析（①)滑块恰过F点的条件为m=mg变式4AD解析在下滑的过程中，水平面上的小球要做匀速运动，而解得p=1m/s。曲面上的小球要做加速运动，则后面的小球对前面的小球有向前挤压的(2)滑块从E点到B点，由动能定理得作用，所以小球之间始终相互挤压，冲上斜面后后面的小球把前面的小球1往上推，所以小球之间始终相互挤压，故V个小球在运动过程中始终不会mgh-pmgl2-0-2 mug2散开，A项正确：标记为1的小球在下滑过程中受到挤压，所以有外力对小球做功，小球的机械能不守恒，B项错误：由于小球在下滑过程中速度在E点由牛顿第二定律得FN'一mg=mP发生变化，相互间的挤压力变化，所以标记为N的小球不可能做匀加速运：解得Fx、=F'=0.14N动，C项错误；将所有小球视为整体，当重心下降时，根据机械能守恒定从O点到B点，由能量守恒定律得Epo=ngh+mg(L1十L2)律得2m2=mg空，解得u=√gR,同样对整体在AB段时，重心低于解得Ep0-8.0X10-3J。(3)滑块恰能过F点的弹性势能冬，所以标记为1的小球到达录低点的速度<√R,D项正确。Ep-2mgr+pomgL+mvr2-7.0X10-3J课时4功能关系能量守恒定律到B点减速到OEl-mgh1一g(L1+L)=0知识·要点梳理解得h1=0.05m基础过关设斜轨道的倾角为0，若滑块恰好能停在B点不下滑，则，ngcos0=ngsin01.B2.A3.D4.D解得tan0=0.5,此时h2=0.2m能力·重点突破从O点到B点Ep=mgh+g(11+12)=2×10-3(10h+3)J,其中例1BC解析根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于物体动：0.05mh≤0.2m。能的变化量，所以升降机匀加速上升过程中，升降机底板对人做的功与人：变式3BC解析根据对称性可知，在运动过程中，弹簧始终水平，金的重力做功之和等于人动能的增量，A项错误：除重力外，其他力对人做：属环刚释放时加速度最大，弹簧的弹力沿杆方向的分力与重力沿杆方向的功等于人机械能的增加量，B项正确：升降机匀速上升过程中，升降机的分力大小相等时速度最大，只有弹簧的弹力和重力做功，机械能守恒。底板对人做的功等于人克服重力做的功（此过程中动能不变），即增加的由几何关系可知，金属环下落的高度是弹簧形变量的一半。刚释放时，弹机械能，C项正确；升降机上升的全过程巾，升降机拉力做的功等于升降簧处于原长，弹力为0，所以金属环的最大加速度am=gsin15°-号g,A机和人增加的机械能，D项错误。变式1)解析实现自锁的条件是重物重力沿斜血下滑的分项错误。设在平衡位置弹簧的仲长量为x1,对其中一个金属环，根据平衡衡力小于等于最大静摩擦力，即ngsin a≤ngcos a,解得tana条件，沿杆方向有ngsin45°-.x1cos45°，对两金属环及弹簧组成的系统，4,A项错误；重物从静止开始下落，落回到起点位置重物速度由机械能守恒定律得2mg(号)=号如m2+号(2)w2,解得金属环的又减为0，所以重物在下落过程中先失重后超重，所以螺杆对重物的支持力先小于mg,后大于g,根据牛顿第三定律可知最大速度功=g√品，金属环达到最大速度时重力的功率P重物对螺杆的作用力先小丁mg,后大丁mg,B项错误；重物缓慢上升的过程巾，对螺杆和重物为整体进行受力分析（如图），则摩擦力做功W:一mg©s45°_m、严，B项正确，D项错误。当金属环下落到最低点2V k23XLJ(新)·物理-D版一XJC·19·